江南区一中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． （2018南宁摸底）如图所示，在光滑水平面内有一固定光滑绝缘挡板AB，P是AB上的一点。以A为坐标原点在水平面建立直角坐标系，y轴一挡板AB重合，x轴上固定一个带正电的点电荷Q。将一个带电小球（可视为质点）轻放到挡板的左侧的P处，在静电力作用下小球沿挡板向A运动，则下列说法中正确的是

A．小球带负电

B．由P点到A点小球做匀加速直线运动C．P点的场强比A点的场强大

D．小球在P点的电势能比在A点的电势能大【答案】AD

【解析】【名师解析】根据题述，静止带电小球从P处在静电力作用下沿挡板向A运动，说明带电小球受到的是库伦吸引力，小球带负电，选项A正确；由于点电荷Q的电场不是匀强电场，带电小球在运动过程中所受的合外力不可能保持不变，所以小球由P到A不可能做匀加速直线运动，选项B错误；根据点电荷电场特征，P点的电场强度比A点的电场强度小，选项C错误；小球由P到A运动，静电力做功，电势能减小，小区装P点的电势能比在A点的电势能大，选项D正确。

2． 使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是

A. A

B. B 【答案】B【解析】

C. C D. D

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3． 如图所示，图中实线是一簇未标明方向的点电荷的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（ A．B．C．D．

）

带电粒子所带电荷的电性；带电粒子在a、b两点的受力方向；带电粒子在a、b两点的加速度何处较大；带电粒子在a、b两点的电势能何处较大。

【答案】BCD

4． 如图所示，两个小球从水平地面上方同一点O分别以初速度A．抛出的初速度大小之比为1:4B．落地速度大小之比为1:3

C．落地速度与水平地面夹角的正切值之比为4：1D．通过的位移大小之比为1:

【答案】AC

5． （2018中原名校联盟质检）如图甲所示，水平面上一质量为m的物体在水平力F作用下开始加速运动，力F的功率P保持恒定，运动过程中物体所受的阻力f大小不变，物体速度最终达到稳定值vm，作用过程物体速度的倒数

、

水平抛出，落在地面上的位置分别是

A、B，O′是O在地面上的竖直投影，且O′A:AB =1:3。若不计空气阻力，则两小球

1与加速度a的关系图像如图乙所示．仅在已知功率P的情况下，根据图像所给信息可知以下v说法中正确的是

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A．可求出m、f和vm C．不能求出f

【答案】A

B．不能求出mD．可求出加速运动时间

【解析】【题型分析】此题以物体速度的倒数

1与加速度a的关系图像给出解题信息，考查功率、牛顿运动定v律及其相关知识点，意在考查灵活运用相关知识分析问题的能力。

6． 一个电热水壶的铭牌上所列的主要技术参数如下表所示，根据表中提供的数据，计算出此电热水壶在额定电压下工作时，通过电热水壶的电流约为额定功率额定电压

1500W220V

额定频率容量

50Hz1.6L

A. 2.1A B. 3.2A 【答案】D求解额定电流．

C. 4.1A D. 6.8A

【解析】试题分析：额定功率等于额定电压与额定电流的乘积；由铭牌读出额定功率和额定电压，由公式P=UI解：由铭牌读出额定功率为P=1500W，额定电压为U=220V，由P=UI，得，通过电热水壶的电流为：I==故选：D．

7． 库仑定律是电磁学的基本定律。1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。下列说法正确的是（ A．普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零B．普里斯特利的猜想运用了“对比”的思维方法

C．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置

）

A≈6.8A

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D．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量【答案】C

8． 如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计。匀强磁场的磁感应强度大小为B、方向与轨道平面成θ角斜向右上方，开关S闭合后导体棒开始运动，则

A．导体棒向左运动

B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为C．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为D．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为

【答案】B

【解析】开关闭合后，由左手定则可知，导体棒受到的安培力斜向右下方，导体棒只可能向右运动，A错误；开关闭合后瞬间，根据安培力公式

，且

，可得

，B正确，C错误；开关闭合后瞬间，

由牛顿第二定律有，可得，D错误。

9． 阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。开关S闭合且电流稳定

时，C所带的电荷量为Q1,；断开开关S，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。Q1与Q2的比值为

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A.

55 B. 23

D.

C.

【答案】B【

解

析

】

10．如图所示，质量分别为mA和mB的两小球用轻绳连接在一起，并用细线悬挂在天花板上，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1 > θ2）。现将A、B间轻绳剪断，则两小球开始摆动，最大速度分别为vA和vB，最大动能分别为EkA和EkB，则下列说法中正确的是

A. mB > mA

B. 轻绳剪断时加速度之比为tanθ1:tanθ2C. vA < vBD. EkA > EkB【答案】A

【解析】试题分析：未剪断细绳时两球都处于平衡状态，设两球间的水平细绳的拉力大小为T．对A球分析受力如图

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由平衡条件得： TmAgtan1，同理，对B球有： TmBgtan2，则得mAgtan1mBgtan2，因

mAgsin1mBgsin2:sin1:sin2，B

mAmB12错误；两球摆到最低点时速度最大，动能最大．根据机械能守恒得：A球有mAgLA1cos1mAvA，得

2vA2gLA1cos1，同理对B可得vB2gLB1cos2，由图知： LA＞LB， 1＞2，故vA＞vB，

1＞2，故mA＜mB，A正确．轻绳剪断时加速度之比为aA:aBC错误；最大动能EkA1122mAvAmAgLA1cos1， EkBmBvBmBgLB1cos2，由图知： 22LA＞LB， 1＞2，但mA＜mB， EkA不一定大于EkB，D错误．选A.

【点睛】未剪断细绳时两球都处于平衡状态，由平衡条件列式，得到水平绳的拉力与质量的大小，从而得到两球质量关系．将A、B间轻绳剪断瞬间，由牛顿第二定律求加速度之比，两小球摆动过程中，机械能守恒，到达最低点时的速度，根据机械能守恒定律列式，分析最大速度的大小．11．下面哪个符号是电容的单位A. J B. C C. A D. F【答案】D

【解析】电容的单位是法拉，用F表示，故选D.

12．图示为一正弦式交变电流的电流i随时间t变化的图象，由图可知，这个交流电的

A. 有效值为10VB. 频率为50HzC. 有效值为D. 频率为0.02Hz【答案】B

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【解析】根据图象可知，交流电的最大电流为10A，周期为0.02s，频率为：D错误；电流有效值：

，故AC错误。所以B正确，ACD错误。

，故B正确，

13．一质点在一直线上运动，第1s内通过1m，第2s内通过2m，第3s内通过3m，第4s内通过4m.该质点的运动可能是（ A. 变加速运动

B. 初速度为零的匀加速运动C. 匀速运动

D. 初速度不为零的匀加速运动【答案】AD

14．关于电源电动势E的下列说法中错误的是：（

B．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C．电动势E可表示为E=

）

A．电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V

）

W，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大qD．电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大

【答案】C

15．在水平向右的匀强电场中，质量为m的带正电质点所受重力mg是电场力的3倍．现将其以初速度v0竖直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（

）

v0

A．t＝ g3v0

C．t＝

2g

【答案】D　

3g3v0

D．t＝

4g【解析】

B．t＝

2v0

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1F

tanα＝＝，α＝30°

mg3等效重力加速度g′＝

2gg

＝cos30°3Δv＝v0cos30°＝g′t

3v0

联立解得t＝.选项D正确。

4g

16．一个正常工作的理想变压器的原、副线圈中，下列的哪个物理量不相等 A、交变电流的频率 C、电功率【答案】Ｂ【解析】

试题分析：理想变压器不会改变交流电的频率，选项A错误；由

B、电流的有效值D、磁通量的变化率

U1n1，由此可知两线圈的有效值不同，U2n2选项B正确；由能量守恒定律可知输入、输出功率相同，选项C错误；理想变压器的工作原理是互感现象，磁通量的变化率相同，选项D错误；故选B考点：考查理想变压器

点评：本题难度较小，掌握变压器的原理即可回答本题

17．如图所示，m=1.0kg的小滑块以v0=4m/s的初速度从倾角为37°的斜面AB的底端A滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为之间的距离为

A．0.8m B．0.76m C．0.64m D．0.6m

，取g=10m/s2，sin37°=0.6。若从滑块滑上斜面起，经0.6s正好通过B点，则AB

【答案】B

18．已知元电荷数值为A. C. 【答案】D

B. D.

，某个物体带电量不可能是

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【解析】任何物体的带电量都是元电荷电量的整数倍，故D物体带的电量不可能，故选D.

二、填空题

19．如图所示，质量是m=10g的铜导线ab放在光滑的宽度为0.5m的 金属滑轨上，滑轨平面与水平面倾角为30°，ab静止时通过电流为10A，要使ab静止，磁感强度至少等于_____，方向为______。（取g=10m/s2）【答案】 0.01T （2分） 垂直斜面向上（2分）

3eBr3eBr20．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面φ3上时具v大小为____ J。【答案】 18

3mm有动能60J，它运动到等势面φ1上时，速度恰好为零，令φ2＝0，那么，当该电荷的电势能为12 J时，其动能

21． 如图（1）所示的电路，金属丝固定在两接线柱a、b上，锷鱼夹c与金属丝接触良好．现用多用表测量保护电阻R0的阻值，请完成相关的内容：

（1）A．将转换开关转到“Ω×100”挡，红、黑表笔短接，调节 ，使指针恰好停在欧姆刻度线的 处．

B．先 ，将红、黑表笔分别接在R0的两端，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“_____ ___”挡位（填“×1K”或“×10”）

C．换挡后再次进行欧姆调零后，将红、黑表笔分别接在R0的两端，测量结果如右图（2）所示，则R0的阻值为 ．

（2） 现要进一步精确测量额定电压为3V的R0阻值，实验室提供了下列可选用的器材：A．电流表（量程300 mA，内阻约1 Ω） B．电流表A2（量程0.6 A，内阻约0.3 Ω）C．电压表V1（量程3.0 V，内阻约3 kΩ） D．电压表V2（量程15.0 V，内阻约5 kΩ）E．滑动变阻器R1（最大阻值为5 Ω） G．电源E（电动势为4 V，内阻可忽略）

F．滑动变阻器R2（最大阻值为200 Ω）H．开关、导线若

干．如图一所示

①为了取得较多的测量数据，尽可能提高测量准确度，某同学采用电路，应选择的器材为（只需填器材前面的字母）

电流表___ __ ___．电压表____ ____．滑动变阻器__ ______．

图一

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②请根据电路图在图二所给的实物图连线。

③通过实验，电阻R0的测量值_______（填“大于”“小于”或于”）真实值。

“等

【答案】 （1）A 调零旋钮（欧姆调零）；零刻度 B 断开开关S,（或取下R0）；×10C 20Ω（2）①A C E ②略③小于

三、解答题

22．如图所示，质量水平方向成=300角的力g=10m/s2。求：

kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量

kg的小球B相连。今用跟

N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取

（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角Ѳ；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ。

（3）当角为多大时，力F使球和木块一起向右匀速运动的拉力最小？最小拉力为多少？（只要求写出角度的函数值）

【答案】（1）300 （2）Mmg 3 （3）512tan35【解析】（1）设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：

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Fcos30°=Tcosθ ①Fsin30+Tsinθ=mg ②代入解得， tan3，即θ=30°3（3）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2．再平衡条件得Fcosα=f

N+Fsinα=（M+m）g又f=μN

Mmg联立得Fcossin当tanMmg3时，F有最小值，F=51223．如图所示，质量M=8kg的长木板A放在水平光滑的平面上，木板左端受到水平推力F=8N的作用，当木板向右运动的速度达到v01.5m/s时，在木板右端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块B，放上小物块0.6s后撤去F，小物块与木板间的动摩擦因数0.2，木板足够长，取g10m/s．求：

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（1）放上小物块后撤去F前，长木板与小物块的加速度；（2）撤去F后，二者达到相同速度的时间；

（3）整个过程系统产生的摩擦热（结果保留两位有效数字）．

【答案】（1）0.5m/s2，2m/s2；（2）0.24s；（3）2.8J．

【解析】试题分析：（1）对车和物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；

（2）有推力F时，车和物体都做加速运动，由速度公式可以求得撤去力F时两者各自的速度；撤去力F后车减速，物体继续做加速运动，由速度公式可以求得两者达到相同速度时的时间；（3）由位移公式求出各自的位移，然后由摩擦力产生热量的公式即可求出．

（1）分别对小车和物体受力分析，由牛顿第二定律可得，物块的加速度： aBmgmFmg小车的加速度： aAM2代入数据解得： aA0.5m/s

g2m/s2第 12 页，共 13 页

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